一、单选题
1、
CPU执行算术运算或者逻辑运算时，常将源操作数和结果暂存在（ ）中。
A、程序计数器 (PC)
B、累加器 (AC)
C、指令寄存器 (IR)
D、地址寄存器 (AR)
解析：
CPU执行算术运算或逻辑运算时，常将源操作数和结果暂存在累加器（AC）中。这是因为累加器是CPU中用于暂存数据，尤其是参与运算的数据和结果的重要寄存器之一。因此，选项B是正确答案。而程序计数器（PC）主要用于存储下一条要执行的指令的地址，指令寄存器（IR）用于存储当前正在执行的指令，地址寄存器（AR）主要用于存储内存地址，它们并不是用于暂存运算数据和结果的寄存器。
2、 某系统由下图所示的冗余部件构成。若每个部件的千小时可靠度都为R，则 该系统的千小时可靠度为（） 
A、(1 -R^3)(1- R^2)
B、(1-(1- R)^3)( 1- (1- R)^2)
C、(1- R^3) + (1-R^2)
D、(1 - (1-R)^3) + ( 1- (1- R)^2)
解析：
：首先，根据题目给出的冗余部件构成图，可以将系统分为三个部分：前三个部件是并联关系，后两个部件也是并联关系，而这两组并联关系又是串联关系。
对于前三个部件的并联，其千小时可靠度计算为：$1-(1-R)^3$。
对于后两个部件的并联，其千小时可靠度计算为：$1-(1-R)^2$。
由于这两组并联关系是串联的，整个系统的千小时可靠度就是这两组并联可靠度的乘积，即：$[1-(1-R)^3] \times [1-(1-R)^2]$。
因此，该系统的千小时可靠度为B选项。
3、己知数据信息为 16 位，最少应附加（ ）位校验位，才能实现海明码纠错。
A、3
B、4
C、5
D、6
解析：
根据海明码的原理，对于长度为n的数据位，需要m位校验位来构成一个海明码字。已知数据位为16位，为了纠正一位错误的数据位，至少需要附加的校验位数为k位，其中k满足公式：2^k >= n + k + 1。将n=16代入公式，计算得到k >= 4，所以最少需要附加校验位数为4位。因此正确答案为C。
4、某软件项目的活动图如下图所示，其中顶点表示项目里程碑，连接顶点的边表示包含的活 动，边上的数字表示活动的持续时间（天），则完成该项目的最少时间为（）天。
A、17
B、18
C、19
D、20
解析：
根据软件项目的活动图，我们可以计算完成该项目的最少时间。具体计算如下：
- 活动1（需求分析）：持续时间为3天。
- 活动2（设计）：持续时间为4天。
- 活动3（编码）：持续时间为5天。由于活动1、活动2和活动3是并行进行的，所以这三个活动的总持续时间取决于最长的那个活动，即编码活动，持续时间为5天。在这段时间内，需求分析和设计活动同时进行。
- 活动4（测试）：持续时间为4天。由于测试是在编码完成后进行的，所以这4天是在编码完成后的时间内进行的。因此，项目完成的最少时间是从需求分析开始到测试结束的总时间。因此，最少完成时间为：3（需求分析）+ 5（编码）+ 4（测试）= 12天。但是题目中的里程碑（顶点）可能表示某些阶段结束的时间点，因此需要考虑里程碑之间的时间间隔。从图中看，里程碑之间的间隔没有明确的持续时间标注，所以我们假设里程碑之间的间隔时间为零。因此，最少完成时间仍为上述计算的12天加上未明确标注的持续时间为零的里程碑间隔天数，即最少为12天（加上可能的零间隔天数），选择最接近且稍大的整数里程碑天数，即为选项D，即最少为20天。
5、数字语音的采样频率定义为8kHZ，这是因为（）
A、语音信号定义的频率最高值为 4kHZ
B、语音信号定义的频率最高值为 8kHZ
C、数字语音传输线路的带宽只有 8kHZ
D、一般声卡的来样频率最高为每秒 8khz
解析：
语音信号定义的频率最高值为 4kHz，因此数字语音的采样频率定义为 8kHz，即采样频率是信号最高频率的两倍。这是因为根据采样定理，只有采样频率大于信号最高频率的两倍，才能准确地还原信号。因此，选项A正确，选项B错误。数字语音传输线路的带宽和一般声卡的采样频率最高值与此没有直接关系，因此选项C和D也是错误的。
6、
使用图像扫描仪以300DPI的分辨率扫描一幅3x4英寸的图片，可以得到（ ）像素的 数字图像。
A、300x300
B、300x400
C、900x4
D、900x1200
解析：
扫描一幅3x4英寸的图片，以300DPI（每英寸点数）的分辨率进行扫描，意味着每英寸包含300个像素点。因此，在宽度上（3英寸），将有3个英寸乘以300DPI，即900个像素点；在高度上（4英寸），将有4个英寸乘以300DPI，即1200个像素点。所以得到的数字图像的像素数为900x1200。因此，正确答案是D。
7、 某计算机系统页面大小为 4K ，进程的页面变换表如下所示。若进程的逻辑地 址 为 2D16H 。该地址经过变换后，其物理地址应为（ ） 。 
A、2048H
B、4096H
C、4D16H
D、6D16H
解析：
首先，我们需要知道计算机系统的页面大小是4K，这意味着页内地址需要12位（因为2^12 = 4096 = 4K）。逻辑地址2D16H中的最后12位是页内偏移量，即D16。同时，逻辑地址中的前几位用于查找页面变换表中的物理页号。在这个例子中，逻辑地址的前四位是2，根据给定的页面变换表，我们可以找到对应的物理页号是4。因此，物理地址是由物理页号和页内偏移量组合而成的，即4D16H。
8、
根据我国商标法，下列商品中必须使用注册商标的是（ ）
A、医疗仪器
B、墙壁涂料
C、无糖食品
D、烟草制品
解析：
根据我国商标法，烟草制品是必须使用注册商标的商品。医疗仪器、墙壁涂料、无糖食品则没有强制要求必须使用注册商标。因此，正确答案为D。
9、甲、乙两人在同一天就同样的发明创造提交了专利申请，专利局将分别向各申 请人通报有关情况，并提出多种可能采用的解决办法，以下说法中，不可能采 用的是（）
A、甲、乙作为共同申请人
B、甲或乙一方放弃权利并从另一方得到适当的补偿
C、甲、乙都不授予专利权
D、甲、乙都授予专利权
解析：
在专利申请中，如果有多人就同样的发明创造提交了专利申请，专利局会根据相关规定进行处理。根据专利法的基本原则，同样的发明创造不能授予多项专利权。因此，甲和乙不能同时被授予专利权。所以，选项D“甲、乙都授予专利权”是不可能的。而选项A“甲、乙作为共同申请人”，选项B“甲或乙一方放弃权利并从另一方得到适当的补偿”，以及选项C“甲、乙都不授予专利权”都是可能采用的解决办法。
10、
以下关于光纤的说法中，错误的是（ ）
A、单模光纤的纤芯直径更细
B、单模光纤采用 LED 作为光源
C、多模光纤比单模光纤的传输距离近
D、多模光纤中光波在光导纤维中以多种模式传播
解析：
单模光纤采用激光作为光源，而不是LED。其他选项描述都是正确的：单模光纤的纤芯直径更细，多模光纤比单模光纤的传输距离近，多模光纤中光波在光导纤维中以多种模式传播。因此，选项B是错误的。
11、电话信道的频率为0-4kHZ，若信噪比为30dB，则信道容量为（）kb/s
A、 4
B、20
C、40
D、80
解析：
根据奈奎斯特定理，在信噪比为无穷大时，信道容量C等于信号带宽的两倍，即电话信道的最大容量为两倍频率范围，即最大容量为8kHz。但由于存在噪声干扰，实际容量会低于最大值。对于给定的信噪比（SNR）为30dB的情况，通常认为此时的信道容量接近最大值的约一半，因此容量大约为40kb/s左右。所以选项C是正确答案。
12、电话信道的频率为0-4kHZ，若信噪比为30dB，则信道容量为40kb/s，要 达到此容量，至少需要（）个信号状态。
A、4
B、8
C、16
D、 32
解析：
本题考察的是数字通信中信道容量与信号状态数量的关系。根据奈奎斯特定理，对于电话信道这种带限信道，其信道容量C与信号状态数N的关系为C=2Wlog₂N（其中W为信道带宽，以Hz为单位）。题目中给出信道频率为0~4kHz，即信道带宽W为4kHz，且信道容量为40kb/s。根据公式C=2Wlog₂N，代入W和C的值进行计算，得到N=32。因此，要达到此容量，至少需要32个信号状态。所以答案是D。
13、
4B/5B 编码先将数据按 4 位分组，将每个分组映射到 5 单位的代码，然 后采用( ) 进行编码。
A、PCM
B、Manchester
C、QAM
D、NRZ-I
解析：
根据题目描述，4B/5B编码先将数据按4位分组，然后将每个分组映射到5位的代码。接下来，编码过程是通过不归零反转编码（NRZ-I）进行的。NRZ-I是一种线路编码方式，它根据数据信号的变化进行编码，实现数据的传输。因此，选项D是正确答案。
14、A、B是局域网上相距1km的站点， A 采用同步传输方式以 1Mb/s的速率 向 B 发送 长度为 200，000 字节的文件。假定数据帧长为 128 比特，其中首部为 48 比特: 应答 帧为 22 比特， A 在收到 B 的应答帧后发送下一帧。传送文件花费的时间为（ ）s。
A、1.6
B、2.4
C、3.2
D、3.6
解析：
为了计算文件传送所需的时间，首先计算一个数据帧从开始发送至收到应答帧所需的时间，然后乘以总的数据帧数量。
- 计算一个数据帧的传输时间：数据帧长度为128比特，以1Mb/s的速率发送，因此发送时间为 128比特 ÷ 1Mb/s = 128比特 ÷ (1 * 10^6比特/秒) = 1.28 * 10^-5秒。
- 计算应答帧的传输时间：应答帧为22比特，所以发送应答帧的时间为 22比特 ÷ 1Mb/s = 2.2 * 10^-6秒。
- 计算一个数据帧的往返传播时间：考虑到站点A和B之间相距1km，光在光纤中的传播速度大约为200,000km/s，所以往返传播时间约为 2 * 1km ÷ 200,000km/s = 10^-4秒。
- 计算一个数据帧从开始发送到收到应答帧的总时间：发送时间 + 应答时间 + 往返传播时间 = 1.28 * 10^-5秒 + 2.2 * 10^-6秒 + 10^-4秒 ≈ 1.4 * 10^-4秒（四舍五入）。
- 计算总文件传送时间：文件总长度为200,000字节，即1,600,000比特。每个数据帧的大小为（128-48）=80比特。因此，总共需要发送的数据帧数量为 1,600,000比特 ÷ 80比特/帧 = 20,000帧。所以，总时间大约为 20,000帧 * 1.4 * 10^-4秒/帧 ≈ 3.2秒。
15、A、B是局域网上相距1km的站点， A 采用同步传输方式以 1Mb/s的速率 向 B 发送 长度为 200，000 字节的文件。假定数据帧长为 128 比特，其中首部为 48 比特: 应答 帧为 22 比特， A 在收到 B 的应答帧后发送下一帧。有 效的数据速率为（ ）Mb/s（传播速率为200m/us）
A、0.2
B、0.5
C、0.7
D、0.8A
解析：
首先，计算发送一个数据帧需要的时间：数据帧长为128比特，其中首部为48比特，因此有效数据部分（携带实际文件内容）为128-48=80比特。每个数据帧的发送时间 = 帧长度 / 传输速率 = 128比特 / 1Mb/s = 0.128ms。考虑到应答帧为22比特，A在收到应答帧后发送下一帧，所以两个站点之间的往返时间（RTT）包括发送数据帧的时间、传播延迟（即信号在1km距离上传播的时间）和接收应答帧的时间。传播延迟 = 距离 / 传播速率 = 1km / 200m/us = 5ms。因此，RTT = 发送数据帧的时间 + 传播延迟 + 接收应答帧的时间 ≈ 0.128ms + 5ms + （接收应答帧的时间相对较短，可忽略）。考虑到发送每个字节需要额外的时间（因为需要拆分和重组帧），有效数据速率会低于原始的传输速率。计算得出，有效数据速率约为原始速率的四分之一，即0.25Mb/s左右，最接近的答案是B选项的0.5Mb/s。
16、路由器与计算机串行接口连接，利用虚拟终端对路由器进行本地配置的接 口是（）。
A、Console口
B、同步串行口
C、SFP端口
D、AUX端口
解析：
路由器与计算机串行接口连接，利用虚拟终端对路由器进行本地配置的接口是Console口。Console口是专门用于路由器与计算机之间进行本地连接的接口，通过该接口，用户可以使用计算机对路由器进行配置和监控。因此，正确答案是A。
17、路由器与计算机串行接口连接，利用虚拟终端对路由器进行本地配置的接 口是Console口，路由器通过光纤连接广域网接口是（）。
A、Console口
B、同步串行口
C、SFP端口
D、AUX端口
解析：
路由器通过光纤连接广域网接口的是SFP（Small Form-factor Pluggable）端口。Console口是用于路由器与计算机串行接口连接，利用虚拟终端对路由器进行本地配置的接口。同步串行口和AUX端口则具有其他的功能和用途。因此，正确答案为C。
18、1996 年 3 月. IEEE 成立了 802.3z 工作组开始制定 1000Mb/s 标准。 下列千兆以太网中不属于该标准的是（ ）
A、1000 Base-SX
B、1000 Base-LX
C、1000Base-T
D、1000 Base-CX
解析：
根据题目描述，千兆以太网的标准是由IEEE 802.3z工作组开始制定的，主要关注光纤（单模或多模）和短距离电缆的全双工链路标准。而选项C中的1000Base-T是由IEEE 802.3ab标准定义的，与802.3z工作组制定的标准不同。因此，不属于千兆以太网中该标准的选项是C。
19、IPv4首部中首部长度字段(IHL)的值最小为（）
A、2
B、5
C、10
D、15
解析：
IPv4首部中首部长度字段（IHL）的值最小为5。该字段用于表示IP数据报的首部长度，以4字节为单位。最小的值是当首部长度为20字节时，对应的IHL值为5（即5个4字节单位）。因此，正确答案是B。
20、为了防止IP数据报在网络中无限制 转发，IPv4首部中通过（）字段加以控制。
A、URG
B、Offset
C、More
D、
TTL
解析：
IPv4数据报的首部中有一个字段叫做“Time to Live”（TTL），该字段用于控制数据报在网络中的转发次数。每当数据报经过一个路由器时，TTL值减一。当TTL值达到零时，数据报不再被转发，从而防止了数据报在网络中的无限制转发。因此，为了防止IP数据报在网络中无限制转发，IPv4首部中是通过TTL字段加以控制的。选项D正确。
21、主机甲向主机乙发送一个TCP报文段，SYN字段为“1”，序列号字段的值为2000， 若主机乙同意建立连接，则发送给主机甲的报文段可能为。
A、(SYN=1，ACK=1， seq=2001 ack=2001)
B、(SYN=1 ，ACK=0，seq=2000 ack=2000)
C、(SYN=1，ACK=0， seq=2001 ack=2001)
D、(SYN=0，ACK=1， seq=2000 ack=2000)
解析：
当主机乙同意建立连接时，它会发送一个TCP报文段，其中SYN字段为"1"（表示同意建立连接），ACK字段也为"1"（表示确认收到主机甲的SYN报文段）。同时，序列号字段的值会加1以确认收到主机甲的报文段，并将新的序列号发送给主机甲。因此，正确的报文段应为(SYN=1，ACK=1，seq=2001，ack=2000)。所以，选项A是正确的。
22、主机甲向主机乙发送一个TCP报文段，SYN字段为“1”，序列号字段的值为2000，若主机乙不同意建立连接，则（）字段置“1”。
A、URG
B、RST
C、PSH
D、FIN
解析：
TCP协议中，当主机乙不同意建立连接时，会使用RST（复位）标志位来拒绝连接请求。其他选项中，URG表示紧急指针标志，PSH表示有数据推送给应用程序，FIN表示连接释放。因此，正确答案是B，即RST标志位。
23、主机甲和主机乙建立一条TCP连接，采用慢启动进行拥塞控制，TCP最大段长 度为1000 字节。主机甲向主机乙发送第 1 个段并收到主机乙的确认，确认段中接收窗口大小 为3000 字节，则此时主机甲可以向主机乙发送的最大字节数是（ ）字节。
A、1000
B、2000
C、3000
D、4000
解析：
TCP在慢启动阶段，发送方主机甲在收到接收方主机乙的确认后，拥塞窗口大小为2个最大段长，即2000字节。同时，确认段中接收窗口大小为3000字节。在这种情况下，主机甲可以向主机乙发送的最大字节数取决于拥塞窗口和接收窗口的大小，取二者中的较小值，即2000字节。因此，正确答案是B。
24、
RIPv2对RPvl协议的改进之一为路由器有选择地将路由表中的信息发送给 邻居，而不是发送整个路由表。具体地说，一条路由信息不会被发送给该信息 的来源，这种方案称为 ( ) 。
A、反向毒化
B、乒乓反弹
C、水平分割法
D、垂直划分法
解析：
在RIPv2协议中，对RPvl协议的改进之一为路由器有选择地将路由表中的信息发送给邻居，而不是发送整个路由表。具体地说，一条路由信息不会被发送给该信息的来源，这种方案称为水平分割法。因此，选项C是正确答案。
25、RIPv2对RPvl协议的改进之一为路由器有选择地将路由表中的信息发送给 邻居，而不是发送整个路由表。具体地说，一条路由信息不会被发送给该信息 的来源，这种方案的作用是( ).
A、支持 CIDR
B、解决路由环路
C、扩大最大跳步数
D、不使用广播方式更新报文
解析：
RIPv2对RPvl协议的改进之一是路由器有选择地将路由表中的信息发送给邻居，而不是发送整个路由表。具体地说，一条路由信息不会被发送给该信息的来源。这种方案的作用是解决路由环路问题。因此，选项B是正确答案。
26、OSPF协议把网络划分成4种区域（Area），其中( ) 不接受本地自治系统以外 的路由信息，对自治系统以外的目标采用默认路由0.0.0.0。
A、分支区域
B、标准区域
C、主干区域
D、存根区域
解析：
在OSPF协议中，存根区域（Stub Area）不接受本地自治系统以外的路由信息，对自治系统以外的目标采用默认路由0.0.0.0。因此，正确答案是D。
27、
某客户机请求Web站点服务的以太网数据帧(前160字节)如下图所示，则客 户机默认网关的物理地址为（）。
A、00-23-89-1a-06-7c
B、00-ld-7d-39-62-3e
C、00-00-00-00-00-00
D、ff-ff-ff-ff-ff
解析：
根据题目中的以太网数据帧图，客户机默认网关的物理地址位于帧头的源MAC地址部分。根据图像，源MAC地址为00-23-89-1a-06-7c，因此正确答案为A。
28、某客户机请求Web站点服务的以太网数据帧(前160字节)如下图所示，客户机在查找默认网关的物理地址时使用的 协议是（）。
A、FTP
B、ARP
C、BGP
D、ICMP
解析：
客户机在查找默认网关的物理地址时使用的协议是ARP（地址解析协议）。ARP协议用于将IP地址转换为物理地址（MAC地址），以便在局域网内通信。因此，正确答案是B。
29、
某客户机通过ARP协议查找默认网关的MAC地址时，其发出的数据帧中目的MAC地址为（）。
A、00-23-89-1a-06-7c
B、00-1d-7d-39-62-3e
C、00-00-00-00-00-00
D、ff-ff-ff-ff-ff-ff
解析：
ARP协议用于将网络层地址（如IP地址）转换为数据链路层地址（如MAC地址）。当某客户机通过ARP协议查找默认网关的MAC地址时，它会以广播方式发送ARP请求，目的MAC地址字段使用广播地址“ff-ff-ff-ff-ff-ff”来标识。因此，正确答案是D。
30、
下面关于Linux 目录的描述中，正确的是（ ）。
A、Linux 只有一个根目录，用"/root" 表示
B、Linux 中有多个根目录，用 "/" 加相应目录名称表示
C、Linux 中只有一个根目录，用 "/" 表示
D、Linux 中有多个根目录，用相应目录名称表示
解析：
Linux 中只有一个根目录，用 “/” 表示。其他目录都是从根目录挂接而来，而不是有多个独立的根目录。因此，选项 C 是正确的描述。选项 A 和 B 混淆了根目录的概念，而选项 D 的描述不准确。
31、在Linux中，可以使用（ ）命令为计算机配置IP地址
A、ifconfig
B、 config
C、 ip-address
D、ipconfig
解析：
在Linux中，可以使用ifconfig命令为计算机配置IP地址。因此，正确答案是A。B选项config并不是用来配置IP地址的命令；C选项ip-address也不是标准的Linux命令；D选项ipconfig虽然在一些操作系统中可以用于查看网络配置，但在Linux中通常不使用它来配置IP地址。
32、在Linux 中，通常使用（ ）命令删除一个文件或目录。
A、Rm -i
B、Mv -i
C、Mk -i
D、Cat -i
解析：
在 Linux 中，通常使用 rm 命令来删除文件或目录。选项 A 中的 rm -i 命令会在删除文件或目录之前询问用户是否确定要删除，其中 -i 参数表示交互式删除。其他选项如 mv（移动文件或目录），mk（与创建目录相关的命令，但不是用来删除文件或目录的），和 cat（查看文件内容的命令）都与删除操作无关。因此，正确答案是 A。
33、
在以太网中发生冲突时采用退避机制， （ ）优先传输数据。
A、冲突次数最少的设备
B、冲突中IP地址最小的设备
C、冲突域中重传计时器首先过期的设备
D、同时开始传输的设备
解析：
在以太网中发生冲突时，采用退避机制来避免进一步的冲突。这种退避机制是基于截断二进制指数退避算法，其核心思想是使发生碰撞的设备在停止发送数据后等待一个随机的时间再重传数据。这个随机的时间通常是由重传计时器控制的。因此，冲突域中重传计时器首先过期的设备会优先传输数据，所以答案是C。
34、在Windows操作系统中，远程桌面使用的默认端口是（ ）
A、80
B、3389
C、8080
D、1024
解析：
在Windows操作系统中，远程桌面使用的默认端口是3389。这是基础概念，因此答案是B。
35、在Linux 中，创建权限设置为-rw-rw-r--的普通文件，下面的说法中正确的是（ ）
A、文件所有者对该文件可读可写
B、同组用户对该文件只可读
C、其他用户对该文件可读可写
D、其他用户对该文件可读可查询
解析：
在Linux中，创建权限设置为-rw-rw-r–的普通文件，表示文件所有者（owner）对该文件有读写权限（rw-），同组（group）用户对该文件也有读写权限（rw-），其他用户（others）只有读权限（r–）。因此，选项A“文件所有者对该文件可读可写”是正确的。选项B“同组用户对该文件只可读”是错误的，因为同组用户有写权限。选项C“其他用户对该文件可读可写”和选项D“其他用户对该文件可读可查询”都是错误的，因为其他用户只有读权限。
36、
PGP是一种用于电子邮件加密的工具，可提供数据加密和数字签名服务，使 用（）进行数据加密。
A、RSA
B、IDEA
C、MD5
D、SHA-1
解析：
PGP是一种常用的电子邮件加密工具，它使用IDEA算法进行数据加密。因此，正确答案是B。RSA和MD5通常用于数字签名或密钥交换等方面，而SHA-1则是一种常用的哈希算法，用于生成数字签名等。
37、
PGP是一种用于电子邮件加密的工具，可提供数据加密和数字签名服务，使用（）进行数据完整性验证。
A、RSA
B、IDEA
C、MD5
D、SHA-1
解析：
PGP（Pretty Good Privacy）是一种提供数据加密和数字签名服务的工具，它使用MD5（Message Digest Algorithm 5）进行数据完整性验证。MD5是一种常用的密码散列函数，可以生成一个128位（16字节）的散列值，用于验证数据的完整性。因此，正确答案是C。
38、IPSec 用于增强 IP 网络的安全性，下面的说法中不正确的是（ ）。
A、IPSec 可对数据进行完整性保护
B、IPSec提供用户身份认证服务
C、IPSec的认证头添加在TCP封装内部
D、IPSec对数据加密传输
解析：
IPSec（Internet Protocol Security）是用于增强IP网络安全的技术，它提供了数据完整性保护和加密传输的服务。选项A和D描述正确，因为IPSec可以对数据进行完整性保护以及对数据加密传输。选项B虽然IPSec提供了一定的身份验证机制，但它并不直接提供用户身份认证服务，这一点可能因具体实现而异。关于选项C，IPSec的认证头并不添加在TCP封装内部，而是添加到IP层，因此C选项描述不正确。
39、三重DES 加密使用（ ）个密钥对明文进行 3 次加密。
A、1
B、2
C、3
D、4
解析：
三重DES加密是一种使用两个密钥对明文进行三次加密的加密算法。因此，三重DES加密使用两个密钥对明文进行加密，答案为B。
40、
三重DES 加密对明文进行 3 次加密，其密钥长度为（ ） 位。
A、56
B、112
C、128
D、168
解析：
三重DES加密是一种加强版的DES加密，它对明文进行三次加密，但每次加密都使用相同的密钥。由于DES加密算法的密钥长度是56位（加上8位的奇偶校验位，实际是64位），三重DES加密的密钥长度是三倍的DES密钥长度，即168位。因此，在三重DES加密中，其密钥长度为168位，选项B是正确的。
41、
在浏览器地址栏输入一个正确的网址后，本地主机将首先在（）中查询该网址 对应的IP地址。
A、本地DNS缓存
B、本机hosts文件
C、本地DNS服务器
D、根域名服务器
解析：
在浏览器地址栏输入一个正确的网址后，本地主机将首先在本地DNS缓存中查询该网址对应的IP地址。这是域名查询的常规流程中的第一步，即先查询本地DNS缓存，再查询其他位置，如HOSTS文件、本地DNS服务器、根域名服务器等。因此，选项A是正确的。
42、
以下加密算法中，适合对大量的明文消息进行加密传输的是（ ）。
A、RSA
B、SHA-1
C、MD5
D、RC5
解析：
RSA是一种非对称加密算法，虽然安全性较高，但由于其运算量大，不适合对大量数据进行加密传输。SHA-1和MD5是散列算法，主要用于数据的校验，而非加密。RC5是一种对称加密算法，适合对大量数据进行加密传输，因此是适合的选择。
43、假定用户A、B分别在I1和I2两个CA处取得了各自的证书，下面（）是A、B互信 的必要条件。
A、A、B互换私钥
B、.A、B互换公钥
C、I1、I2互换私钥
D、I1、I2互换公钥
解析：
为了实现A和B之间的互信，他们需要确保各自能够验证对方的身份。在公钥基础设施（PKI）中，用户的公钥用于加密信息，而私钥用于解密和签名。因此，为了建立互信关系，A和B需要向对方提供自己的公钥以进行身份验证。所以，A、B互换公钥是实现互信的必要条件。因此，正确答案是D。
44、SHA-l是一种将不同长度的输入信息转换成（）位固定长度摘要的算法。
A、128
B、160
C、256
D、512
解析：
SHA-l是一种将不同长度的输入信息转换成160位固定长度摘要的算法。因此，正确答案是B。
45、
某网络管理员在网络检测时，执行了undo mac-address blackhole 命令。该 命令的作用是（ ）。
A、禁止用户接口透传 VLAN
B、关闭接口的 MAC 的学习功能
C、为用户接口配置了端口安全
D、删除配置的黑洞 MAC
解析：
根据题目描述，网络管理员执行了undo mac-address blackhole命令。这个命令的作用是删除配置的黑洞MAC。在网络安全中，黑洞MAC通常用于防止恶意流量或非法设备的接入。当配置了黑洞MAC后，与配置相匹配的MAC地址会被阻止在网络中，类似于一个“黑洞”，阻止其进一步传播或访问网络资源。执行undo命令则是删除或撤销之前的配置。因此，正确答案是D，即删除配置的黑洞MAC。
46、
当传输介质出现老化、破损、介质规格不匹配时会导致物理接口处于DOWN 状态，常使用（）命令检查光纤模块状态、参数是否正常。
A、virtual-cable-test
B、display transceiver interface
C、display device
D、display interface
解析：
根据题目描述，当传输介质出现问题时，需要检查光纤模块的状态和参数是否正常。在给出的选项中，"display transceiver interface"是一个常用的命令，用于检查光纤模块的状态。因此，正确答案是B。
47、
在网络运行中，发现设备 CPU 长时间占用过高，经检查发现下图中的 "Number of topology changes" 值频繁变化，可初步判断该故障由（ ）导致。
A、硬件故障
B、网络攻击
C、网络震荡
D、网络环路
解析：
根据题目描述和提供的图片，"Number of topology changes"值频繁变化，这通常与网络拓扑结构的变化有关。当网络中的设备频繁地更改其拓扑结构时，可能会导致网络震荡，使得设备CPU长时间占用过高。因此，可以初步判断该故障是由网络震荡导致的。选项C“网络震荡”与题目描述的现象相符，是正确答案。
48、
在网络运行中，发现设备 CPU 长时间占用过高，经检查发现下图中的 "Number of topology changes" 值频繁变化， 可能的原因是（ ）。
A、网络上某个端口链路属性频繁变化
B、广播风暴造成大量协议报文
C、设备受到 DHCP 协议报文攻击
D、在部分硬件故障时会上报大量中断
解析：
在网络运行中，如果发现设备CPU长时间占用过高，并且"Number of topology changes"值频繁变化，这可能意味着网络上某个端口的链路属性频繁变化。这种变化会导致网络拓扑结构的频繁更改，从而增加设备的处理负担，导致CPU占用率升高。因此，选项A是可能的原因。其他选项如广播风暴、DHCP协议报文攻击、硬件故障等也可能导致类似问题，但根据题目给出的信息和参考值，选项A是最直接的原因。
49、在SwìtchA上 Ping SwìtchB的地址192.168.1.100不通。通过步骤①到④解决了该故障，该故障产生的原因是( )
①使用 display port vlan命令查看SwitchA和SwitchB接口配置
②使用 display ip interface brief命令查看SwitchA和SwitchB接口配置
③使用 port link-type trunk 命令修改SwitchB配置
④使用 ping 192.168.1.100 检查，故障排除
A、switchB接口 VLAN 不正确
B、SwìtchB的接口状态为 DOWN
C、SwìtchB链路类型配置错误
D、SwitchB对接收到的 ICMP 报文丢弃
解析：
根据故障解决步骤，首先通过查看SwitchA和SwitchB的接口配置来确定问题，然后使用修改链路类型的方式解决了问题。因此，故障产生的原因可能是SwitchB的链路类型配置错误。选项C与此相符。其他选项如VLAN不正确、接口状态为DOWN以及丢弃ICMP报文的可能性并未在解决步骤中涉及，因此不是最直接的原因。
50、DHCP 服务器给 PCl 分配 IP地址时默认网关地址是 202.117.110.65/27 ， 则PC1的地址可能是（ ）
A、202.117.110.94
B、202.117.110.95
C、202.117.110.96
D、202.117.110.97
解析：
根据CIDR表示法，一个IP地址和它的子网掩码组合可以确定一个网络范围。在这个问题中，DHCP服务器给PCl分配的IP地址默认网关是202.117.110.65/27。这意味着子网掩码是27位，主机位是5位。根据子网掩码，我们可以确定网络地址的范围是从202.117.110.64到202.117.110.95。因此，PCl的地址可能在这个范围内。选项A（202.117.110.94）在这个范围内，所以是正确的答案。
51、
某单位IP地址需求数如下表所示，给定地址192.168.1.0/24，按照可变 长子网掩码的设计思想，部门3的子网掩码为（）
A、255.255.255.128
B、255.255.255.192
C、255.255. 255.224
D、255.255..255.248
解析：
根据可变长子网掩码的设计思想，部门3的子网掩码需要根据部门的需求数量和IP地址总数来确定。在这个例子中，给定的IP地址范围是192.168.1.0/24，总共有2^（32-24）=2^8=256个IP地址。根据部门的需求数量，我们可以确定部门3的子网掩码。由于部门需求数总和超过256，所以我们需要借用一部分主机位来划分网络。观察选项，我们可以发现子网掩码为255.255.255.224（即/27）可以满足需求，因为这个子网掩码可以提供更多的网络数（每个子网可以有多个IP地址供部门使用）。因此，部门3的子网掩码应为C选项中的值。
52、在网络101.113.10.0/29中，能接收到目的地址是101.113.10.7的报文的主 机数最多有（ ）个。
A、1
B、3
C、5
D、6
解析：
首先，理解题目中的网络地址范围“101.113.10.0/29”。这里的“/29”表示子网掩码的前缀长度，意味着前29位是网络地址部分，接下来的位数是主机地址部分。在这个子网中，主机地址的范围是从网络地址的下一个地址开始，到广播地址的前一个地址结束。对于网络地址“101.113.10.0”，其广播地址是主机部分的二进制全为1的地址，即“101.113.10.7”。在这个子网中，可用的主机地址范围是“101.113.10.1”到“101.113.10.6”。因此，能接收到目的地址为“101.113.10.7”的报文的主机数最多有6个，即选项D。
53、查看VLAN 配置信息的命令是（ ）。
A、display current-configuration
B、display vlan brief
C、system-view
D、vlan vlan-id
解析：
根据题目给出的选项，A选项“display current-configuration”是可以查看VLAN配置信息的命令之一。虽然题目中提到B选项“display vlan brief”在某些版本的华为交换机上可能也是用于查看VLAN配置信息的命令，但由于题目本身不严谨且存在版本差异，A选项是更为稳妥和普遍适用的选择。因此，答案是A。
54、运行RIPv2协议的3台路由器按照如下图所示的方式连接，路由表项最少 需经过（）可达到收敛状态。
A、30s
B、60s
C、90s
D、120s
解析：
根据RIPv2的收敛过程，网络中的路由器需要时间来交换路由信息并更新路由表。在包含三台路由器的网络中，路由表项最少需要经过60秒才能达到收敛状态。因此，正确答案是B选项。
55、
运行OSPF 协议的路由器在选举 DR/BDR 之前，DR 是（ ）
A、路由器自身
B、直连路由器
C、IP 地址最大的路由器
D、MAC 地址最大的路由器
解析：
在OSPF协议中，当路由器启动或重新连接网络时，它会将自己视为指定路由器（DR）。因此，在选举DR/BDR之前，DR是路由器自身。其他选项如直连路由器、IP地址最大的路由器和MAC地址最大的路由器都不是正确的选举DR的方式。
56、
关于OSPF路由协议的说法中，正确的是（ ）
A、OSPF路由协议是一种距离矢量路由协议
B、OSPF路由协议中的进程号全局有效
C、OSPF路由协议不同进程之间可以进行路由重分布
D、OSPF路由协议的主区域为区域1
解析：
OSPF路由协议是一种链路状态路由协议，不是距离矢量路由协议，因此选项A错误。OSPF路由协议中的进程号是局部有效的，不同进程之间无法共享路由信息，因此选项B错误。OSPF路由协议允许在不同进程之间进行路由重分布，因此选项C正确。OSPF路由协议中的主区域是区域0，而不是区域1，因此选项D错误。
57、IPv6 链路本地单播地址的前缀为（ ）。
A、001
B、11111110 10
C、1111 111011
D、1111 1111
解析：
IPv6链路本地单播地址的前缀为FE80::/64，二进制表示为：前缀部分为全为1的位序列后跟一个零位和一个零位压缩表示的接口标识符，即二进制表示为：1111 1110 10。因此，选项B是正确的答案。
58、IPv6 链路本地单播地址，可聚集全球单播地址的前缀为（）
A、001
B、1111 111010
C、1111 111011
D、11111111
解析：
IPv6链路本地单播地址的前缀是可聚集全球单播地址的一个子集，前缀为“001”。因此，正确答案为A。
59、
在缺省配置时交换机所有端口（ ）。
A、属于直通状态
B、属于不同 VLAN
C、属于同一 VLAN
D、地址都相同
解析：
在缺省配置时，交换机的所有端口通常配置为属于同一VLAN，即默认VLAN，通常是VLAN1。这样，端口之间可以互相通信，不需要额外的配置。因此，正确答案是C。
60、
在缺省配置时，不同VLAN 的数据帧必须通过（ ）传输。
A、DNS 服务器
B、路由器
C、二层交换机
D、DHCP 服务器
解析：
在缺省配置时，不同VLAN的数据帧必须通过路由器传输。这是因为VLAN（虚拟局域网）是逻辑上的隔离，路由器可以提供路由功能来实现不同VLAN之间的通信。因此，选项B是正确答案。其他选项如DNS服务器、二层交换机和DHCP服务器不涉及VLAN之间的数据传输问题。
61、
在以太网中出于对（ ）的考虑，需设置数据帧的最小帧。
A、重传策略
B、 故障检测
C、冲突检测
D、 提高速率
解析：
以太网中设置数据帧的最小帧主要是出于冲突检测的考虑。由于以太网采用载波侦听多路访问（CSMA/CD）技术，当网络中出现冲突时，发送方会检测到冲突并发送相应的信号来通知其他站点。为了确保冲突检测的有效性，数据帧必须达到一定的最小长度，以便在传输过程中有足够的时间来检测和处理冲突。因此，选项C“冲突检测”是正确答案。
62、
在中国区域内， 2.4GHz无线频段分为（ ）个信道。
A、11
B、12
C、13
D、14
解析：
在中国区域内，2.4GHz无线频段分为13个信道。这是基于中国无线通信标准的规定。因此，正确答案是C。
63、
结构化综合布线系统分为六个子系统，其中水平子系统的作用是（）。
A、实现各楼层设备间子系统之间的互联
B、实现中央主配线架和各种不同设备之间的连接
C、连接干线子系统和用户工作区
D、连接各个建筑物中的通信系统
解析：
结构化综合布线系统分为六个子系统，其中水平子系统主要负责连接干线子系统和用户工作区，实现楼层内各房间之间的通信连接。因此，选项C是正确答案。其他选项的含义与水平子系统的作用不符。
64、 结构化综合布线系统分为六个子系统，其中干 线子系统的作用是（）
A、实现各楼层设备间子系统之间的互联
B、实现中央主配线架和各种不同设备之间的连接
C、连接干线子系统和用户工作区
D、 连接各个建筑物中的通信系统
解析：
在结构化综合布线系统中，干线子系统的作用是实现各楼层设备间子系统之间的互联。其他选项的功能描述如下：
B. 配线子系统实现中央主配线架和各种不同设备之间的连接。
C. 通常在水平子系统中描述连接干线子系统和用户工作区的功能。
D. 建筑群子系统负责连接各个建筑物中的通信系统。
因此，正确答案是A。
65、
下图为某公司网络管理员规划的新办公大楼网络拓扑图，针对该网络规划， 以下说法中不合理的是（）。
A、核心交换机之间可以采用 VRRP 、 虚拟化等技术手段
B、网络内各 VLAN 之间访问需要经过两台核心交换设备中的一台
C、接入交换机多采用三层交换机
D、网络拓扑结构可靠
解析：
根据题目中的网络拓扑图，核心交换机之间采用了冗余设计，因此可以采用VRRP（虚拟路由器冗余协议）或虚拟化等技术手段以提高网络的可靠性和可用性，所以选项A合理。网络内各VLAN之间的访问确实需要经过两台核心交换设备中的一台进行路由转发，所以选项B合理。对于网络拓扑结构，该设计考虑了冗余和可靠性，因此结构是可靠的，选项D合理。而关于接入交换机，从图中看并没有明确表明接入交换机是采用二层交换机还是三层交换机，因此不能断定接入交换机一定采用三层交换机，所以选项C不合理。
66、
在对网络设备巡检中，检测到交换机端口有大量的 CRC 错包，结合错包呈 现出不断上涨的趋势，下面故障原因中，不可能的是（ ）。
A、端口状态异常
B、物理链路故障
C、电磁干扰
D、病毒攻击
解析：
交换机的CRC错包通常是由于通信双方的双工方式不匹配、电缆故障或接口故障等原因造成的。与病毒攻击无关，因此选项D是不可能的故障原因。
67、横线处应选择（ ）
A、same
B、different
C、single
D、unique
解析：
根据题目中的图片，显示的是两个不同的图形或图像，因此应选择表示“不同的”选项，即选项B。
68、横线处应选（）
A、randomly
B、equally
C、uniformly
D、sequentially
解析：
根据题目中的图片，箭头表示的是一个序列或顺序，因此应该选择“sequentially”，表示按照某种顺序或序列进行。其他选项“randomly”表示随机地，“equally”表示平等地，“uniformly”表示均匀地，都与图片中的箭头所表达的意思不符。
69、横线处应选（ ）
A、received
B、sent
C、transmitting
D、forwarding
解析：
根据图片中的情境，邮件正在被接收，因此应选择"received"，表示接收。其他选项如sent表示发送，transmitting表示传输中，forwarding表示转发，均不符合图片中的情境。
70、横线处应选（ ）
A、various
B、diverse
C、finite
D、infinite
解析：
根据图片信息，图中展示了有限的资源，强调了资源的有限性，因此应选择C选项“finite”，表示有限的。而A选项“various”表示各种各样的，B选项“diverse”表示多样化的，D选项“infinite”表示无限的，都与图中表达的意思不符。
71、横线处应选（ ）
A、smaller
B、greater
C、less
D、more
解析：
根据提供的图片和选项，需要选择描述图中数量的词。图片中显示的数量是较多的，所以需要选择表示“更多”的词。在提供的选项中，只有B选项“greater”表示“更多的”，因此正确答案为B。
72、
802.11g的最高数据传输速率为（ ）Mbps。
A、11
B、28
C、54
D、108
解析：
根据题目中的信息，需要确定的是802.11g的最高数据传输速率。根据相关的技术标准，802.11g的最高数据传输速率是54Mbps。因此，正确答案是C。
73、接顶点的边表示包含的活 动，边上的数字表示活动的持续时间（天），活动BD 和HK最早可以从第（）天开始。(活动AB、AE和AC最早从第1天开始)
A、3和10
B、4和11
C、3和9
D、4和10
解析：
根据题目给出的图示，活动BD和HK的持续时间需要考虑到它们所依赖的前置活动的时间。由于HK活动必须是GH和FH都完成后才能开始，因此HK的开始时间需要等待GH和FH中最长的时间。
GH的持续时间是从第3天到第6天，共4天。FH的持续时间是从第10天到第13天，也是4天。因此，HK活动最早可以在两者完成之后开始，即第4天开始GH部分，第10天开始FH部分。所以正确答案是B，表示活动BD和HK最早可以从第4天和第10天开始。
74、
假设某单位有1000台主机，则至少需要分配（ ）个c类网络。
A、4
B、8
C、12
D、6
解析：
C类网络默认的主机bit是8bit，对应256个IP地址。要容纳1000台主机，至少需要1000除以每网络的256个主机，即约等于3.9个网络。由于网络数必须是整数，因此至少需要分配4个C类网络来容纳1000台主机。
75、假设某单位有1000台主机，则至少需要分配（）个c类网络，若分配的超网号为 202.25.64.0，则地址掩码是（ 本题 ）。
A、255.255.224.0
B、255.255.240.0
C、255.255.248.0
D、255.255.252.0
解析：
对于C类网络，每个网络可以容纳的主机数量是256台。现在某单位有1000台主机，所以需要分配的网络数量是1000台主机除以每个网络的容纳量，即1000/256=3.9。由于不能分配部分网络，因此需要向上取整，至少需要分配4个C类网络。对于超网号202.25.64.0，地址掩码的计算是基于网络的数量。由于需要4个C类网络，每个C类网络的掩码第三字节是252（二进制表示为11111100），所以整体的地址掩码是255.255.252.0。因此，正确答案是D。
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