一、单选题
1、计算机指令一般包括操作码和地址码两部分，为分析执行一条指令，其 （1） 。
A、操作码应存入指令寄存器（IR），地址码应存入程序计数器(PC)
B、操作码应存入程序计数器(PC)，地址码应存入指令寄存器（IR）
C、操作码和地址码都应存入指令寄存器
D、操作码和地址码都应存入程序计数器
解析：
计算机指令一般包括操作码和地址码两部分。为了分析执行一条指令，操作码和地址码都需要进行处理。操作码用于执行指令的操作，而地址码用于指示操作数的位置。在执行指令时，操作码和地址码通常都会存入指令寄存器（IR）。因此，正确答案是C。
2、
进度安排的常用图形描述方法有GANTT图和PERT图。GANTT图不能清晰地描述 （2）
。
A、每个任务从何时开始
B、每个任务到何时结束
C、每个任务的进展情况
D、各任务之间的依赖关系
解析：
GANTT图主要用于描述任务的开始和结束时间，以及任务的持续时间。它提供了关于项目时间表的可视化表示，包括每个任务的开始和结束时间，以及任务的进展情况。然而，GANTT图并不专注于描述各任务之间的依赖关系，这是PERT图（Program Evaluation and Review Technique）的强项。因此，选项D是正确答案。
3、进度安排的常用图形描述方法有GANTT图和PERT图。下图所示的PERT图中，事件6的最晚开始时刻是 （3） 。 
A、0
B、1
C、10
D、11
解析：
在PERT图中，关键路径是1→2→5→7→9，总共需要的时间为最晚开始时间。考虑到任务5→8的存在，事件6的最晚开始事件是在关键路径时间的基础上加上适当的缓冲时间。因此，事件6的最晚开始时刻是10天，故选C。
4、使用白盒测试方法时，确定测试用例应根据 （4） 和指定的覆盖标准。
A、程序的内部逻辑
B、程序结构的复杂性
C、使用说明书
D、程序的功能
解析：
在白盒测试中，确定测试用例主要根据程序的内部逻辑和指定的覆盖标准。测试者需要全面了解程序内部逻辑结构，并对所有逻辑路径进行测试，因此选项A“程序的内部逻辑”是正确的选择。其他选项如程序结构的复杂性、使用说明书、程序的功能等，虽然可能在其他类型的测试（如黑盒测试）中考虑，但在白盒测试中不是主要依据。
5、若某整数的16位补码为FFFFH（H表示十六进制），则该数的十进制值为 （5） 。
A、0
B、-1
C、216-1
D、-216+1
解析：
对于负数的补码，符号位为1，其余位为该数绝对值的原码按位取反，然后整个数加1。因此，补码FFFFH对应的十进制数是-1。所以该题目的答案为B。
6、
若在系统中有若干个互斥资源R，6个并发进程，每个进程都需要2个资源R，那么使系统不发生死锁的资源R的最少数目为 （6） 。
A、6
B、7
C、9
D、12
解析：
考虑系统中有若干个互斥资源R，当有6个并发进程时，每个进程都需要2个资源R。在极端情况下，假设所有进程都已经获取了一个资源R，此时为了避免死锁，系统还需要额外的一个资源R来满足至少一个进程的需求，因此使系统不发生死锁的资源R的最少数目为7个。所以答案是B。
7、 软件设计时需要遵循抽象、模块化、信息隐蔽和模块独立原则。在划分软件系统模块时，应尽量做到 （7） 。
A、高内聚高耦合
B、高内聚低耦合
C、低内聚高耦合
D、低内聚低耦合
解析：
在软件设计过程中，抽象、模块化、信息隐蔽和模块独立原则是重要的指导原则。其中，高内聚强调模块内部的功能实现要尽量集中，即一个模块应该完成一个明确的、单一的任务或功能；低耦合则强调模块之间的耦合度要尽可能降低，即模块之间的关联和相互影响要尽量减少。这样的设计有助于增强软件的模块化和可维护性。因此，在划分软件系统模块时，应尽量做到高内聚低耦合，所以正确答案是B。
8、程序的三种基本控制结构是 （8） 。
A、过程、子程序和分程序
B、顺序、选择和重复
C、递归、堆栈和队列
D、调用、返回和跳转
解析：
程序的三种基本控制结构包括顺序结构、选择结构和重复结构。因此，正确答案为B。
9、
栈是一种按“后进先出”原则进行插入和删除操作的数据结构，因此， （9） 必须用栈。
A、函数或过程进行递归调用及返回处理
B、将一个元素序列进行逆置
C、链表结点的申请和释放
D、可执行程序的装入和卸载
解析：
栈是一种后进先出（LIFO）的数据结构，用于处理需要回溯的情况。对于函数或过程的递归调用及返回处理，由于涉及到调用栈和返回栈的处理，必须使用栈来记录每次函数调用和返回的信息。因此，选项A是正确的。选项B虽然涉及到元素的逆置，但并不一定需要使用栈来实现。选项C链表结点的申请和释放可以使用其他数据结构来实现，并不特定于栈。选项D可执行程序的装入和卸载虽然涉及到内存的管理，但通常使用其他数据结构如堆来管理内存，而不是栈。
10、两个以上的申请人分别就相同内容的计算机程序的发明创造，先后向国务院专利行政部门提出申请， （10） 可以获得专利申请权。
A、所有申请人均
B、先申请人
C、先使用人
D、先发明人
解析：
在我国，审批专利遵循的基本原则是“先申请先得”原则，即对于同样的发明创造，谁先申请专利，专利权就授予谁。根据专利法第九条的规定，两个以上的申请人分别就同样的发明创造申请专利的，专利权授予最先申请的。因此，选项B“先申请人”是正确的答案。
11、第三层交换根据 （11） 对数据包进行转发。
A、MAC地址
B、IP地址
C、端口号
D、应用协议
解析：
第三层交换根据网络层IP地址进行转发。虽然存在使用MAC地址进行转发的方案，如3Com公司的FastIP交换，但IP地址是第三层交换的主要依据。因此，正确答案是B。
12、按照IEEE 802.1d协议，当交换机端口处于 （12） 状态时，既可以学习MAC帧中的源地址，又可以把接收到的MAC帧转发到适当的端口。
A、阻塞（blocking）
B、学习（learning）
C、转发（forwarding）
D、监听（listening）
解析：
根据IEEE 802.1d协议，交换机的端口处于转发（forwarding）状态时，既可以学习MAC帧中的源地址，也可以把接收到的MAC帧转发到适当的端口。因此，正确答案为C。
13、以下关于帧中继网的叙述中，错误的是 （13） 。
A、帧中继提供面向连接的网络服务
B、帧在传输过程中要进行流量控制
C、既可以按需提供带宽，也可以适应突发式业务
D、帧长可变，可以承载各种局域网的数据帧
解析：
帧中继提供面向连接的网络服务，但在传输过程中不进行流量控制，流量控制是由用户终端来完成的。因此，选项B描述错误。其他选项A、C、D都是正确的描述。
14、在地面上相隔2000KM的两地之间通过卫星信道传送4000比特长的数据包，如果数据速率为64Kb/S，则从开始发送到接收完成需要的时间是 （14） 。
A、48ms
B、640ms
C、322.5ms
D、332.5ms
解析：
{总时间 = 发送数据包的时间 + 卫星传输延迟时间。发送数据包的时间计算为：总比特数除以数据速率，即 4000 比特除以 64Kb/s，得到发送数据包所需的时间。由于题目中没有给出具体的卫星传输延迟时间，我们可以参考一些估计值来进行计算。有的资料提到卫星传输的延时大约为 270ms。因此，总时间 = 发送数据包的时间 + 270ms。将上述两个时间相加，得到总时间为 332.5ms。因此，答案是 D。}
15、同步数字系列（SDH）是光纤信道复用标准，其中最常用的STM-1(OC-3)据速率是 （15） 。
A、155.520Mb/s
B、622.080Mb/s
C、2488.320Mb/s
D、10Gb/s
解析：
同步数字系列（SDH）是一种光纤信道复用标准，其中STM-1（OC-3）是最常用的一个级别，其数据速率是155.520Mb/s。因此，答案为A。
16、
同步数字系列（SDH）是光纤信道复用标准，其中最常用的STM-4(OC-12)的数据速率是 （16） 。
A、155.520Mb/s
B、622.080Mb/s
C、2488.320Mb/s
D、10Gb/s
解析：
STM-4（OC-12）是同步数字系列（SDH）中的一种光纤信道复用标准，其数据速率通常为622.080Mb/s，因此选项B是正确的。
17、
采用CRC进行差错校验，生成多项式为G(X)=X4+X+1，信息码字为10111，则计算出的CRC校验码是 （17） 。
A、0000
B、0100
C、0010
D、1100
解析：
根据CRC校验的计算方法，采用生成多项式G(X)=X^4+X+1，对信息码字10111进行CRC校验。首先，将信息码字对应的多项式和生成多项式进行模2除法运算。然后，根据除法的余数（即CRC校验码）来判断选项。经过计算，得到的CRC校验码为1100，对应选项D。
18、数字用户线（DSL）是基于普通电话线的宽带接入技术，可以在铜质双绞线上同时传送数据和话音信号。下列选项中，数据速率最高的DSL标准是 （18） 。
A、ADSL
B、VDSL
C、HDSL
D、RADSL
解析：
根据题目描述，DSL技术中数据速率最高的标准是VDSL。因此，正确答案是B。
19、下列FTTx组网方案中，光纤覆盖面最广的是 （19） 。
A、FTTN
B、FTTC
C、FTTH
D、FTTZ
解析：
：FTTN（光纤到节点）、FTTC（光纤到路边）、FTTH（光纤到户）、FTTZ（光纤到小区）都是FTTx的组网方案。其中，FTTH将光纤直接铺到千家万户，因此覆盖面是最广的。所以正确答案是C。
20、网络地址和端口翻译（NAPT）用于 （20） 。
A、把内部的大地址空间映射到外部的小地址空间
B、把外部的大地址空间映射到内部的小地址空间
C、把内部的所有地址映射到一个外部地址
D、把外部的所有地址映射到一个内部地址
解析：
：网络地址和端口翻译（NAPT）用于把内部的所有地址映射到一个外部地址。这是为了解决IPv4地址不足的问题，使得多个内部设备可以共享一个外部IP地址。因此，正确答案是C。
21、网络地址和端口翻译（NAPT）用于 （20） ，这样做的好处是 （21） 。
A、可以快速访问外部主机
B、限制了内部对外部主机的访问
C、增强了访问外部资源的能力
D、隐藏了内部网络的IP配置
解析：
：网络地址和端口翻译（NAPT）用于隐藏内部网络的IP配置，这样做的好处是使得内部网络的IP地址能够对外隐藏，增强了网络的安全性。
22、边界网关协议BGP的报文 （22） 传送。
A、通过TCP连接
B、封装在UDP数据包中
C、通过局域网
D、封装在ICMP包中
解析：
BGP协议使用TCP端口进行通信，因此报文是通过TCP连接传送的。选项A正确，其他选项不符合BGP协议的工作方式。
23、边界网关协议BGP的报文 （22） 传送。一个外部路由器通过发送 （23） 报文与另一个外部路由器建立邻居关系，如果得到应答，才能周期性的交换路由信息。
A、UpDate
B、KeepAlive
C、Open
D、通告
解析：
BGP（边界网关协议）用于在互联网中的自治系统之间进行路由选择。在BGP中，建立邻居关系时使用的是Open报文。当一个外部路由器想要与另一个外部路由器建立邻居关系时，它会发送Open报文来建立TCP会话并协商BGP参数。因此，对于题目中的（23）报文，正确答案是C. Open。
24、在IPv6中，地址类型是由格式前缀来区分的。IPv6可聚合全球单播地址的格式前缀是 （24）。
A、001
B、1111 1110 10
C、1111 1110 11
D、1111 1111
解析：
IPv6可聚合全球单播地址的格式前缀是特定的，用于区分不同类型的IPv6地址。根据参考资料中的图示，IPv6可聚合全球单播地址的格式前缀是“001”。因此，正确答案是A。
25、在IPv6的单播地址中有两种特殊地址，其中地址0:0:0:0:0:0:0:0表示 （25） 。
A、不确定地址，不能分配给任何结点
B、回环地址，结点用这种地址向自身发送IPv6分组
C、不确定地址，可以分配给任何地址
D、回环地址，用于测试远程结点的连通性
解析：
在IPv6中，地址"0:0:0:0:0:0:0:0"表示不确定地址，这种地址通常用于当发送IPv6包的主机还未分配地址时使用，因此不能分配给任何节点。所以，正确答案是A。
26、
在IPv6的单播地址中有两种特殊地址，其中地址0:0:0:0:0:0:0:0表示 （25） ，地址0:0:0:0:0:0:0:1表示 （26） 。
A、不确定地址，不能分配给任何结点
B、回环地址，结点用这种地址向自身发送IPv6分组
C、不确定地址，可以分配给任何地址
D、回环地址，用于测试远程结点的连通性
解析：
在IPv6的单播地址中，"0:0:0:0:0:0:0:0"这个地址表示不确定地址，不能分配给任何节点，所以选项A描述正确。而"0:0:0:0:0:0:0:1"是回环地址，用于向自身发送IPv6包，因此选项B描述正确。所以正确答案是BD。
27、Telnet采用客户端/服务器工作方式，采用 （27） 格式实现客户端和服务器的数据传输。
A、NTL
B、NVT
C、base—64
D、RFC 822
解析：
Telnet协议定义了一种通用字符终端作为数据和命令在Internet上的传输方式，即NVT（Net Virtual Terminal，网络虚拟终端）。因此，Telnet采用客户端/服务器工作方式，采用NVT格式实现客户端和服务器的数据传输。选项B正确。
28、以下关于DNS服务器的叙述中，错误的是 （28） 。
A、用户只能使用本网段内DNS服务器进行域名解析
B、主域名服务器负责维护这个区域的所有域名信息
C、辅助域名服务器作为主域名服务器的备份服务器提供域名解析服务
D、转发域名服务器负责非本地域名的查询
解析：
关于DNS服务器的叙述中，用户不仅可以使用本网段内的DNS服务器进行域名解析，还可以使用其他网络中的DNS服务器进行解析。因此，选项A中的说法是错误的。
29、以下域名服务器中，没有域名数据库的 （29） 。
A、缓存域名服务器
B、主域名服务器
C、辅助域名服务器
D、转发域名服务器
解析：
缓存域名服务器主要用于向其他域名服务器查询域名信息并将查询结果保存在本地缓存中，以提高域名解析的速度和节约网络带宽。它并没有域名数据库。因此，选项A是正确的。而主域名服务器、辅助域名服务器和转发域名服务器都涉及域名数据库的存储或转发操作。
30、通过“Internet信息服务（IIS）管理器”管理单元可以配置FTP服务器，若将控制端口设置为2222，则数据端口自动设置为 （30） 。
A、20
B、80
C、543
D、2221
解析：
通过"Internet信息服务（IIS）管理器"管理单元配置FTP服务器时，如果控制端口设置为2222，则数据端口自动设置为控制端口号减1，即2222-1=2221。因此，正确答案为D。
31、在一台Apache服务器上通过虚拟主机可以实现多个Web站点。虚拟主机可以是基于 （31） 的虚拟主机，也可以是基于名字的虚拟主机。
A、IP
B、TCP
C、UDP
D、HTTP
解析：
在一台Apache服务器上通过虚拟主机可以实现多个Web站点。虚拟主机可以是基于IP的虚拟主机，也可以是基于名字的虚拟主机。因此，正确答案是A IP。BCD选项不符合题意。
32、
在一台Apache服务器上通过虚拟主机可以实现多个Web站点。虚拟主机可以是基于 （31） 的虚拟主机，也可以是基于名字的虚拟主机。若某公司创建名字为www.business.com的虚拟主机，则需要在 （32） 服务器中添加地址记录。
A、SNMP
B、DNS
C、SMTP
D、FTP
解析：
在一台Apache服务器上通过虚拟主机实现多个Web站点时，虚拟主机可以是基于IP地址的虚拟主机，也可以是基于名字的虚拟主机。若某公司创建名字为www.business.com的虚拟主机，由于域名与IP地址的映射关系需要在DNS服务器中进行设置，因此需要在DNS服务器中添加地址记录。故选B。
33、在一台Apache服务器上通过虚拟主机可以实现多个Web站点。虚拟主机可以是基于 （31） 的虚拟主机，也可以是基于名字的虚拟主机。若某公司创建名字为www.business.com的虚拟主机，则需要在 （32） 服务器中添加地址记录。在Linux中该地址记录的配置信息如下，请补充完整。
NameVirtualHost 192.168.0.1
<VirtualHost 192.168.0.1>
（33） www.business.com
DocumentRoot /var/www/html/business
</VirtualHost>
A、WebName
B、HostName
C、ServerName
D、WWW
解析：
在一台Apache服务器上通过虚拟主机实现多个Web站点时，虚拟主机可以是基于名字的虚拟主机，其中名字通常是指“ServerName”。在配置虚拟主机时，需要在配置文件中指定ServerName来标识每个虚拟主机。因此，在提供的配置信息中，需要补充完整的地址记录配置信息为“ServerName www.business.com”，故选项C正确。
34、ATM高层定义了4类业务，压缩视频信号的传送属于 （34） 类业务。
A、CBR
B、VBR
C、UBR
D、ABR
解析：
：ATM所定义的五种业务类型中，压缩视频信号传送属于实时可变比特率业务（RT-VBR），而在题目中，将RT-VBR和NRT-VBR合并称为VBR。因此，压缩视频信号的传送属于VBR业务，答案为B。
35、某Linux DHCP服务器dhcpd.conf的配置文件如下：
ddns-update-style none;
subnet 192.168.0.0 netmask 255.255.255.0 {
range 192.168.0.200 192.168.0.254;
ignore client-updates;
default-lease-time 3600;
max-lease-time 7200;
option routers 192.168.0.1;
option domain-name “test.org”;
option domain-name-servers 192.168.0.2;
}
host test1 {hardware ethernet 00:E0:4C:70:33:65; fixed-address 192.168.0.8;}
客户端IP地址的默认租用期为 （35） 小时。
A、1
B、2
C、60
D、120
解析：
在提供的dhcpd.conf配置文件中，default-lease-time参数表示默认租用时间，其值为3600秒，即1小时。因此，客户端IP地址的默认租用期为1小时，答案为A。
36、DHCP客户端不能从DHCP服务器获得 （36） 。
A、DHCP服务器的IP地址
B、web服务器的IP地址
C、DNS服务器的IP地址
D、默认网关的IP地址
解析：
DHCP客户端可以从DHCP服务器获得DHCP服务器的IP地址、DNS服务器的IP地址和默认网关的IP地址，但不能获得web服务器的IP地址。因此，正确答案是B。
37、配置POP3服务器时，邮件服务器的属性对话框，其中默认情况下“服务器端口”文本框应输入 （37） 。
A、21
B、25
C、80
D、110
解析：
：POP3协议的默认端口是TCP的110。因此，在配置POP3服务器时，邮件服务器的属性对话框中，"服务器端口"文本框应默认输入110，故选D。
38、在Windows的DOS窗口中键入命令
C:>\nslookup
> set type=ns
> 202.30.192.2
这个命令序列的作用是 （38） 。
A、查询202.30.192.2的邮件服务器信息
B、查询202.30.192.2到域名的映射
C、查询202.30.192.2的区域授权服务器
D、查询202.30.192.2中各种可用的信息资源记录
解析：
在这个命令序列中，首先使用命令"nslookup"进入域名解析工具。然后通过"set type=ns"设置查询类型为域名服务器（NS）记录。接着输入"202.30.192.2"，这表示查询的是该IP地址对应的域名服务器的信息。因此，这个命令序列的作用是查询202.30.192.2的区域授权服务器，故选项C正确。
39、
HTTPS采用 （39） 协议实现安全网站访问。
A、SSL
B、IPSec
C、PGP
D、SET
解析：
HTTPS采用SSL（Secure Sockets Layer）协议实现安全网站访问。利用HTTPS协议，可以在客户端和服务器之间进行防窃听、防篡改及防伪造的通信，实现数据的机密性、完整性、服务器认证和可选的客户端认证。因此，选项A是正确答案。
40、杀毒软件报告发现病毒Macro.Melissa，由该病毒名称可以推断出病毒类型是 （40） 。
A、文件型
B、引导型
C、目录型
D、宏病毒
解析：
题目中提到杀毒软件报告发现病毒Macro.Melissa，其中的"Macro"表明这是一种宏病毒。宏病毒通常利用宏语言进行传播和感染，因此可以推断出病毒类型为宏病毒，选项D正确。
41、杀毒软件报告发现病毒Macro.Melissa，由该病毒名称可以推断出病毒类型是 （40） ，这类病毒主要感染目标是 （41） 。
A、EXE或COM可执行文件
B、WORD或EXCEL文件
C、DLL系统文件
D、磁盘引导区
解析：
Melissa病毒是一种宏病毒，它的名称中的"Macro"表明了这一点。宏病毒主要感染的是使用Microsoft Word或Excel的计算机，因此答案是B，即WORD或EXCEL文件。这类病毒的主要感染目标是应用程序文件，而不是系统文件或磁盘引导区。
42、以下ACL语句中，含义为“允许172.168.0.0/24 网段所有PC访问10.1.0.10中的FTP服务”的是 （42） 。
A、access-list 101 deny tcp 172.168.0.0 0.0.0.255 host 10.1.0.10 eq ftp
B、access-list 101 permit tcp 172.168.0.0 0.0.0.255 host 10.1.0.10 eq ftp
C、access-list 101 deny tcp host 10.1.0.10 172.168.0.0 0.0.0.255 eq ftp
D、access-list 101 permit tcp host 10.1.0.10 172.168.0.0 0.0.0.255 eq ftp
解析：
根据题目描述和ACL语句的格式，需要找到允许172.168.0.0/24网段所有PC访问10.1.0.10中的FTP服务的ACL语句。在给出的选项中，只有B选项的access-list 101 permit tcp 172.168.0.0 0.0.0.255 host 10.1.0.10 eq ftp语句符合这个要求。该语句表示允许来自172.168.0.0/24网段的PC通过TCP协议访问10.1.0.10的FTP服务。因此，正确答案是B。
43、以下关于加密算法的叙述中，正确的是 （43） 。
A、DES算法采用128位的密钥进行加密
B、DES算法采用两个不同的密钥进行加密
C、三重DES算法采用3个不同的密钥进行加密
D、三重DES 算法采用2个不同的密钥进行加密
解析：
:根据题目中的描述，关于加密算法的叙述中正确的是D选项。在3DES（Triple DES）加密中，通常采用两种加密模式，其中之一是使用两个不同的密钥进行两次加密和一次解密，这相当于将密钥长度扩展为128位。因此，正确答案是D。
44、 IIS 服务支持的身份验证方法中，需要利用明文在网络上传递用户名和密码的是 （44） 。
A、NET Passport身份验证
B、集成Windows身份验证
C、基本身份验证
D、摘要式身份验证
解析：
：根据题目描述，需要在IIS服务支持的身份验证方法中找出需要利用明文在网络上传递用户名和密码的身份验证方法。在提供的选项中，基本身份验证（C选项）是以明文形式发送密码的，因此符合题目要求。其他选项如NET Passport身份验证、集成Windows身份验证、摘要式身份验证等，均不涉及到明文传输密码。因此，正确答案是C。
45、某局域网采用SNMP进行网络管理，所有被管设备在15分钟内轮询一次，网络没有明显拥塞，单个轮询时间为0.4s，则该管理站最多可支持 （45） 个设备。
A、18000
B、3600
C、2250
D、90000
解析：
根据题目描述，管理站每15分钟轮询一次所有被管设备，单个轮询时间为0.4秒。因此，管理站可以在一个轮询周期内轮询的设备数量可以通过计算得出：15分钟有60秒×15 = 900秒，除以单个轮询时间0.4秒，即900 / 0.4 = 2250个设备。所以，该管理站最多可支持2250个设备，答案为C。
46、下图是被管理对象的树结构，其中private子树是为私有企业管理信息准备的，目前这个子树只有一个子结点enterprises(1)。某私有企业向Internet编码机构申请到一个代码920，该企业为它生产的路由器赋予的代码为3，则该路由器的对象标识符是 （46） 。
A、1.3.6.1.4.920.3
B、3.920.4.1.6.3.1
C、1.3.6.1.4.1.920.3
D、3.920.1.4.1.6.3.1
解析：
本题考查SNMP中管理对象树结构的基础知识。在SNMP环境中，所有被管理对象组织成树型结构。这种层次树结构有三个作用：表示管理和控制关系、提供结构化的信息组织技术以及提供对象命名机制。树中每个结点都有一个分层的编号，叶子结点代表实际的管理对象，从树根到树叶的编号串联起来，用圆点隔开，就形成了管理对象的全局标识。
根据题目描述，某私有企业向Internet编码机构申请到一个代码920，作为企业代码，该企业为它生产的路由器赋予的代码为3。因此，该路由器的对象标识符应该按照树结构进行拼接。根据参照解析中的描述，我们知道私有企业子树的位置是1.3.6.1.4.1，再结合企业代码920和路由器的代码3，得到该路由器的对象标识符是1.3.6.1.4.1.920.3。因此，正确答案是C。
47、使用Windows提供的网络管理命令 （47） 可以查看本机的路由表。
A、tracert
B、arp
C、ipconfig
D、netstat
解析：
使用Windows提供的网络管理命令中，netstat命令可以显示路由表，因此可以查看本机的路由表。其他选项如tracert用于跟踪网络连接的路由，arp用于显示和操作ARP缓存，ipconfig用于显示网络接口的详细信息，均不符合题目要求。因此，正确答案是D。
48、使用Windows提供的网络管理命令 （47） 可以查看本机的路由表， （本题） 可以修改本机的路由表。
A、ping
B、route
C、netsh
D、netstat
解析：
netsh命令可以用于查看和修改本机的路由表。而ping命令主要用于测试网络连接，route命令可以显示路由表但不能直接修改路由表。因此，正确答案是C。
49、
某局域网访问internet 速度很慢，经检测发现局域网内有大量的广播包，采用 （49） 方法不可能有效的解决该网络问题。
A、在局域网内查杀ARP病毒和蠕虫病毒
B、检查局域网内交换机端口和主机网卡是否有故障
C、检查局域网内是否有环路出现
D、提高出口带宽速度
解析：
提高出口带宽速度并不能解决局域网内的广播包问题。广播包问题是由于局域网内的设备或配置问题导致的，与出口带宽速度无关。因此，选项D是不可能有效地解决该网络问题的。其他选项，如查杀ARP病毒和蠕虫病毒、检查局域网内交换机端口和主机网卡是否有故障、检查局域网内是否有环路出现，都是可能有效解决该网络问题的措施。
50、下列IP地址中，属于私网地址的是 （50） 。
A、100.1.32.7
B、192.178.32.2
C、172.17.32.15
D、172.35.32.244
解析：
私网IP地址是仅在局域网内部使用的IP地址，一般不被外部网络访问。根据题目给出的私网IP地址表，可以看出选项C中的IP地址“172.17.32.15”属于私网地址。其他选项中的IP地址都是公网地址，可以在互联网上直接使用。因此，正确答案是C。
51、网络200.105.140.0/20中可分配的主机地址数是 （51） 。
A、1022
B、2046
C、4094
D、8192
解析：
在网络IP地址划分中，“/20”表示网络前缀长度是20位。这意味着前20位用于标识网络本身，剩下的位用于标识网络内的主机。一个IPv4地址共有32位，其中主机位是指除网络位外的位数。在这个例子中，有12位用于主机标识（32位总位数减去20位网络位数）。因此，可分配的主机地址数量是2的12次方减去2（因为网络地址和广播地址不被计算在内）。计算得出，可分配的主机地址数是4094（即2^12 - 2）。因此，正确答案是C。
52、下列地址中，属于154.100.80.128/26的可用主机地址是 （52） 。
A、154.100.80.128
B、154.100.80.190
C、154.100.80.192
D、154.100.80.254
解析：
对于地址154.100.80.128/26，其子网掩码对应的二进制形式为：11111111.11111110.110XXXXXX（其中X表示主机位）。这意味着子网的范围是从第一个子网地址（即网络地址）开始，到最后一个子网地址减去一（即广播地址）。在这个情况下，第一个子网地址是等于给定的网络地址，即：子网地址是网络地址减去子网掩码导致的二进制位数的位数（在这里是减一），所以子网地址是：子网地址 = 主机地址的二进制形式的前部分（即网络部分）和子网掩码对应的二进制形式的后部分（即主机部分）。因此，子网地址是：子网地址 = 第一个主机地址是网络地址的子网掩码后一位全为0的地址。在这个例子中，网络地址为：网络地址 = 主机地址的二进制形式的前部分（即网络部分），所以网络地址为：网络地址 = 第一个主机地址的子网掩码对应部分全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为全为的下一个数值（例如这里是全部改为下一二进制数值），然后转化为十进制是主机范围中的起始地址，然后加上主机数量减一得到最后一个主机的IP地址。所以主机范围是从子网地址开始到最后一个主机的IP地址结束。因此，根据这个逻辑，我们可以得出可用的主机范围是从子网地址的下一个IP开始到广播地址的前一个IP结束。对于给定的IP地址和子网掩码，可用的主机范围是：从子网地址的下一个IP开始到广播地址的前一个IP结束，也就是从子网掩码对应的主机部分的最低位开始，一直到最高位减去一为止。因此，对于给定的IP地址和子网掩码组合，可用的主机地址是B选项中的IP地址。
53、
无类别域间路由（CIDR）技术有效的解决了路由缩放问题。使用CIDR技术把4个网络
C1：192.24.0.0/21
C2：192.24.16.0/20
C3：192.24.8.0/22
C4：192.24.34.0/23
汇聚成一条路由信息，得到的网络地址是 （53） 。
A、192.24.0.0/13
B、192.24.0.0/24
C、192.24.0.0/18
D、192.24.8.0/20
解析：
根据CIDR（无类别域间路由）技术，我们需要找到能够涵盖给定四个网络的最高级别的网络地址。每个网络地址的前缀长度（即斜线后的数字）表示了子网掩码的位数。通过将所有网络地址前缀对齐并找到最长的共同前缀，我们可以确定聚合后的网络地址。
给定的网络是：
C1：192.24.0.0/21
C2：192.24.16.0/20
C3：192.24.8.0/22
C4：192.24.34.0/23
首先，我们观察这些网络地址的共同部分，即它们的前缀长度。我们可以发现从最高位开始，这些地址的前缀长度不同，因此我们需要找到一个前缀长度，它能够涵盖所有这些地址的最长子网。通过对比这些前缀长度，我们可以确定最长的共同前缀是 /18。这意味着网络地址的前 18 位是相同的，因此可以将所有这些网络聚合为一个更大的网络。因此，聚合后的网络地址是 192.24.0.0/18。
54、网络202.112.24.0/25 被划分为4个子网，由小到大分别命名为C0 、C1、C2和C3，则主机地址202.112.24.25应该属于 （54） 子网。
A、C0
B、C1
C、C2
D、C3
解析：
根据题目描述，网络202.112.24.0/25被划分为4个子网，分别是C0、C1、C2和C3。每个子网的可分配地址范围是根据子网掩码/27来确定的。对于C0子网，其可分配地址范围是202.112.24.1~202.112.24.30。因此，主机地址202.112.24.25属于C0子网，故答案为A。
55、网络202.112.24.0/25 被划分为4个子网，由小到大分别命名为C0 、C1、C2和C3，则主机地址202.112.24.25应该属于 （54） 子网，主机地址202.115.24.100应该属于 （55） 子网。
A、C0
B、C1
C、C2
D、C3
解析：
根据题目的描述，我们可以知道，这是一个关于IPv4子网划分的问题。一个/25的IP地址范围被划分成四个子网，每个子网的大小为/27。这意味着每个子网的主机地址范围是不同的。具体地：
C0子网的范围是 202.112.24.0 到 202.112.24.31（包含网络地址和广播地址）
C1子网的范围是 202.112.24.32 到 202.112.24.63
C2子网的范围是 202.112.24.64 到 202.112.24.95
C3子网的范围是 202.112.24.96 到 主机地址不在这些范围内，所以它不属于任何一个子网。给定的主机地址是 202.112.24.根据这个范围，我们可以确定主机地址不属于任何子网。因此，对于第一个问题，答案是 D（即 C3子网）。对于第二个问题，给定的主机地址是 20答案是 D（即 C3子网）。}
56、交换机命令show interfaces type0/port_# switchport|trunk用于显示中继连接的配置情况，下面是显示例子：
2950#show interface fastEthernet0/1 switchport
Name: fa0/1
Switchport: Enabled
Administrative mode: trunk
Operational Mode: trunk
Administrative Trunking Encapsulation: dot1q
Operational Trunking Encapsulation: dot1q
egotiation of Trunking: disabled
Access Mode VLAN: 0((inactive))
Trunking Native Mode VLAN: 1(default)
Trunking VLANs Enabled: all
Trunking VLANs active: 1,2
Pruning VLANs Enabled: 2-1001
Priority for untagged frames: 0
Override vlan tag priority: FALSE
Voice VLAN: none
在这个例子中，端口fa0/1的链路模式被设置为 （56） 状态。
A、Desirable
B、No-Negoriate
C、Autonegotiate
D、trunk
解析：
根据题目中的显示例子，通过命令“show interface fastEthernet0/1 switchport”查询端口fa0/1的配置情况，输出结果中明确提到“Operational Mode: trunk”，表示该端口的操作模式被设置为trunk（中继）状态。因此，正确答案为D。
57、
交换机命令show interfaces type0/port_# switchport|trunk用于显示中继连接的配置情况，下面是显示例子：
2950#show interface fastEthernet0/1 switchport
Name: fa0/1
Switchport: Enabled
Administrative mode: trunk
Operational Mode: trunk
Administrative Trunking Encapsulation: dot1q
Operational Trunking Encapsulation: dot1q
egotiation of Trunking: disabled
Access Mode VLAN: 0((inactive))
Trunking Native Mode VLAN: 1(default)
Trunking VLANs Enabled: all
Trunking VLANs active: 1,2
Pruning VLANs Enabled: 2-1001
Priority for untagged frames: 0
Override vlan tag priority: FALSE
Voice VLAN: none
在这个例子中，端口fa0/1的链路模式被设置为 （56） 状态，默认的vlan是 （57） 。
A、VLAN0
B、VLAN1
C、VLAN2
D、VLAN3
解析：
根据提供的显示例子，端口fa0/1的链路模式被设置为trunk状态，这意味着它用于在交换机之间传输多个VLAN的流量。默认的VLAN在Trunking Native Mode VLAN部分指定，显示为VLAN 1(default)，因此默认VLAN是VLAN1。因此，正确答案是B，即VLAN1。
58、按照Cisco公司的VLAN中继协议（VTP），当交换机处于 （58） 模式时可以改变VLAN配置，并把配置信息分发到管理域中的所有交换机。
A、客户机（Client）
B、传输（transmission）
C、服务器（server）
D、透明（transportate）
解析：
VTP（VLAN中继协议）有三种工作模式：服务器模式、客户机模式和透明模式。在服务器模式下，交换机可以改变VLAN配置，并把配置信息分发到管理域中的所有交换机。因此，正确答案是C。
59、
交换机命令switch（config）#vtp pruning的作用是 （59） 。
A、制定交换机的工作模式
B、启用VTP静态修剪
C、制定VTP域名
D、启动VTP 动态修剪
解析：
：通过VTP，域内的所有交换机都清楚所有VLAN的情况。然而有时VTP会产生多余的流量。VTP的修剪功能（Pruning）可以减少Trunk中的流量，提高链路利用率。命令vtp pruning的作用是启用/禁用修剪（默认启用）。因此，答案为D。
60、 IEEE802.3规定的最小帧长为64字节，这个帧长是指 （60） 。
A、从前导字段到校验和的字段
B、从目标地址到校验和的长度
C、从帧起始符到校验和的长度
D、数据字段的长度
解析：
根据IEEE802.3的规定，最小帧长是指从目标地址到校验和的长度，因此正确答案为B。
61、 千兆以太网标准802.3z定义了一种帧突发方式（frame bursting），这种方式是指 （61） 。
A、一个站可以突然发送一个帧
B、一个站可以不经过竞争就启动发送过程
C、一个站可以连续发送多个帧
D、一个站可以随机地发送紧急数据
解析：
千兆以太网标准802.3z定义的帧突发方式（frame bursting）是指一个站可以连续发送多个帧。这种方式提高了数据传输的效率，使得站点能够连续发送多个帧，而不需要每次等待确认或竞争发送权。因此，正确答案是C。
62、 IEEE 802.11标准定义的Peer to Peer网络是 （62） 。
A、一种需要AP支持的无线网络
B、一种不需要有线网络和接入点支持的点对点网络
C、一种采用特殊协议的有线网络
D、一种高速骨干数据网络
解析：
IEEE 802.11标准定义的Peer to Peer网络是一种不需要有线网络和接入点支持的点对点网络。这里所说的就是ad-hoc网络。因此，正确答案为B。
63、EEE802.11g标准支持最高数据速率可达 （63） Mb/s。
A、5
B、11
C、54
D、100
解析：
：根据IEEE 802.11g标准，其理论速度可以达到54Mbps，因此最高数据速率可达54Mb/s，故选C。
64、下图表示一个局域网的互联拓扑，方框中的数字是网桥ID ，用字母来区分不同的网段。按照IEEE 802.1d协议，ID为 （64） 的网桥被选为根网桥。
A、3
B、7
C、92
D、12
解析：
:根据IEEE 802.1d协议，在生成树协议的工作过程中，会推选出具有最大优先级的网桥作为根网桥。如果优先级相同，则会选择具有最小网桥地址的网桥作为根网桥。观察题目中的网络拓扑图，标有数字的是网桥ID，其中ID为3的网桥被选为根网桥。因此，正确答案为A。
65、下图表示一个局域网的互联拓扑，方框中的数字是网桥ID ，用字母来区分不同的网段。按照IEEE 802.1d协议，ID为 （64） 的网桥被选为根网桥，如果所有网段的传输费用为1，则ID为92的网桥连接网段 （本题） 的端口为根端口。
A、a
B、b
C、d
D、e
解析：
根据生成树协议的工作原理，ID为64的网桥被选为根网桥。在每个非根网桥中，选择一个根端口，该端口具有最小的根路径开销。由于所有网段的传输费用为1，对于ID为92的网桥来说，连接到网段a和d的路径开销为2，而连接到网段b的路径开销为1。因此，连接到网段b的端口被选为根端口，答案为B。
66、建筑物综合布线系统的干线子系统 （66） 。
A、各个楼层接线间配线架到工作区信息插座之间所安装的线缆
B、由终端到信息插座之间的连线系统
C、各楼层设备之间的互联系统
D、连接各个建筑物的通信系统
解析：
建筑物综合布线系统的干线子系统是指各楼层设备之间的互联系统，主要负责连接楼层接线间配线架与建筑物之间的主干网络。因此，正确答案为C。
67、建筑物综合布线系统的水平子系统 （67） 。
A、各个楼层接线间配线架到工作区信息插座之间所安装的线缆
B、由终端到信息插座之间的连线系统
C、各楼层设备之间的互联系统
D、连接各个建筑物的通信系统
解析：
建筑物综合布线系统的水平子系统是指各个楼层接线间配线架到工作区信息插座之间所安装的线缆。因此，选项A正确，其他选项不符合定义。
68、
假设生产管理网络系统采用B/S工作方式，经常上网用户数为150个，每用户每分钟产生8个事务处理任务，平均事务量大小为0.05MB，则这个系统需要的信息传输速率为 （68） 。
A、4Mb/s
B、6Mb/s
C、8Mb/s
D、12Mb/s
解析：
根据题目描述，计算信息传输速率的公式为：信息传输速率 = 用户数 × 每个用户每分钟产生的事务处理任务数 / 分钟 × 平均事务量大小（MB）× 8（单位换算为字节）。代入题目中的数据，得到：信息传输速率 = 150用户 × 8任务/分钟 / 60分钟 × 0.05MB × 8（字节/MB）= 8Mb/s。因此，这个系统需要的信息传输速率为8Mb/s，答案为C。
69、网络设计过程包括逻辑网络设计和物理网络设计两个阶段，每个阶段都要产生相应的文档。以下选项中， （69） 属于逻辑网络设计文档。
A、网络IP 地址分配方案
B、设备列表清单
C、几种访谈的信息资料
D、网络内部通信的流量分析
解析：
逻辑网络设计文档主要描述网络的逻辑结构、功能和性能需求，以及网络IP地址分配方案等。因此，选项A“网络IP地址分配方案”属于逻辑网络设计文档。选项B“设备列表清单”通常属于物理网络设计文档的一部分。选项C“几种访谈的信息资料”和选项D“网络内部通信的流量分析”虽然在网络设计中也很重要，但它们更多地与物理网络设计和网络性能评估相关，而不是逻辑网络设计。
70、网络设计过程包括逻辑网络设计和物理网络设计两个阶段，每个阶段都要产生相应的文档。以下选项中， （70） 属于物理网络设计文档。
A、网络IP 地址分配方案
B、设备列表清单
C、几种访谈的信息资料
D、网络内部通信的流量分析
解析：
物理网络设计文档主要包括设备配置、安装和连接等方面的信息。在给出的选项中，设备列表清单（B选项）属于物理网络设计文档的一部分，因为它涉及到实际设备的配置和安装。其他选项，如网络IP地址分配方案（A）、网络内部通信的流量分析（D）等，更多地与逻辑网络设计相关。而几种访谈的信息资料（C）可能涉及到网络设计的各个方面，但不足以确定其属于物理网络设计文档。因此，正确答案是B。
71、请作答71题:Although a given waveform may contain frequencies over a very broad range, as a practical matter any transmission system will be able to accommodate only a limited band of （71） . This, in turn, limits the data rate that can be carried on the transmission （72） . A square wave has an infinite number of frequency components and hence an infinite （73） .However, the peak amplitude of the kth frequency component, kf, is only 1/k, so most of the （74） in this waveform is in the first few frequency components. In general, any digital waveform will have （75） bandwidth. If we attempt to transmit this waveform as a signal over any medium, the transmission system will limit the bandwidth that can be transmitted.
A、frequencies
B、connections
C、diagrams
D、resources
解析：
在这段话中，关键词是"band of frequencies"，意为频率的波段。尽管给定的波形可能包含非常广泛的频率范围，但实际上任何传输系统只能容纳有限的频率波段。因此，选项A “frequencies”（频率）是正确的答案。其他选项如connections（连接）、diagrams（图表）和resources（资源）与这段话的主题不符。
72、请作答72题：Although a given waveform may contain frequencies over a very broad range, as a practical matter any transmission system will be able to accommodate only a limited band of （71） . This, in turn, limits the data rate that can be carried on the transmission （72） . A square wave has an infinite number of frequency components and hence an infinite （73） .However, the peak amplitude of the kth frequency component, kf, is only 1/k, so most of the （74） in this waveform is in the first few frequency components. In general, any digital waveform will have （75） bandwidth. If we attempt to transmit this waveform as a signal over any medium, the transmission system will limit the bandwidth that can be transmitted.
A、procedures
B、function
C、route
D、medium
解析：
题目中的关键词是"transmission system"，意为传输系统，后面提到的是一个有限的传输带宽。选项D中的medium意为媒介或介质，与传输系统在传输信息时使用的媒介相符合。因此，正确答案是D。
73、请作答73题： Although a given waveform may contain frequencies over a very broad range, as a practical matter any transmission system will be able to accommodate only a limited band of （71） . This, in turn, limits the data rate that can be carried on the transmission （72） . A square wave has an infinite number of frequency components and hence an infinite （73） .However, the peak amplitude of the kth frequency component, kf, is only 1/k, so most of the （74） in this waveform is in the first few frequency components. In general, any digital waveform will have （75） bandwidth. If we attempt to transmit this waveform as a signal over any medium, the transmission system will limit the bandwidth that can be transmitted.
A、source
B、bandwidth
C、energy
D、cost
解析：
根据题目描述，虽然给定的波形可能包含非常广泛的频率范围，但实际上任何传输系统只能容纳有限的带宽。在传输过程中，带宽限制了能够携带的数据速率。而第73题提到的波形中的无穷频率成分导致它有无限的能量。因此，正确答案是C，即能量。
74、请作答74题：Although a given waveform may contain frequencies over a very broad range, as a practical matter any transmission system will be able to accommodate only a limited band of （71） . This, in turn, limits the data rate that can be carried on the transmission （72） . A square wave has an infinite number of frequency components and hence an infinite （73） .However, the peak amplitude of the kth frequency component, kf, is only 1/k, so most of the （74） in this waveform is in the first few frequency components. In general, any digital waveform will have （75） bandwidth. If we attempt to transmit this waveform as a signal over any medium, the transmission system will limit the bandwidth that can be transmitted.
A、frequency
B、energy
C、amplitude
D、phase
解析：
在题目的上下文中提到了"有限带宽"，这暗示了能量或功率的限制。在第74题中，提到方波有无穷多的频率成分，因此有无穷的能量。由于传输系统只能容纳有限的带宽，这意味着能量的限制。因此，正确答案是B，即能量。
75、请作答75题：Although a given waveform may contain frequencies over a very broad range, as a practical matter any transmission system will be able to accommodate only a limited band of （71） . This, in turn, limits the data rate that can be carried on the transmission （72） . A square wave has an infinite number of frequency components and hence an infinite （73） .However, the peak amplitude of the kth frequency component, kf, is only 1/k, so most of the （74） in this waveform is in the first few frequency components. In general, any digital waveform will have （75） bandwidth. If we attempt to transmit this waveform as a signal over any medium, the transmission system will limit the bandwidth that can be transmitted.
A、small
B、limited
C、infinite
D、finite
解析：
在题目的上下文中，提到了任何传输系统只能容纳有限的带宽，因此排除了选项A和B。对于第73题，虽然方波具有无数个频率分量，但由于每个频率分量的峰值幅度是1/k，因此方波的带宽是有限的。因此，选项C "infinite"是不正确的，而选项D "finite"是正确的。所以正确答案是C。
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